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Notice: Trying to get property of non-object problem(PHP)解决办法

2019年04月17日  | 移动技术网IT编程  | 我要评论

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我这里实际是调用了一个zend的数据库访问的方法，使用了fetchall方法，但由于数据库中没有该记录，所以返回的对象是null，所以我就判断对象是否为null:

复制代码 代码如下:

if($obj==null){
...
}

这么写的结果，就是产生了上面那个notice，也真是奇怪，对象为null，竟然不能访问了？

翻查资料后，发现，判断是否为null，需要这么判断：

复制代码 代码如下:

if (isset($obj)) {
echo "this var is set set so i will print.";
}

这个isset是做什么的呢？

isset函数是检测变量是否设置。

格式：bool isset ( mixed var [, mixed var [, ...]] )

返回值：

若变量不存在则返回 false
若变量存在且其值为null，也返回 false
若变量存在且值不为null，则返回 ture
同时检查多个变量时，每个单项都符合上一条要求时才返回 true，否则结果为 false
如果已经使用 unset() 释放了一个变量之后，它将不再是 isset()。若使用 isset() 测试一个被设置成 null 的变量，将返回 false。同时要注意的是一个 null 字节（”\0″）并不等同于 php 的 null 常数。

警告: isset() 只能用于变量，因为传递任何其它参数都将造成解析错误。若想检测常量是否已设置，可使用 defined() 函数。

看来刚才我那边的判断所出的问题，就是因为这个“是一个 null 字节（”\0″）并不等同于 php 的 null 常数”。

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