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并查集部分

2020年10月23日  | 移动技术网IT编程  | 我要评论
功能①：合并两个集合void merge(int a, int b) {f[Find(a)] = Find(b);}②：查询某个元素的祖宗节点int Find(int x) {return x == f[x] ? x : f[x] = Find(f[x]);}扩展① 记录每个集合的大小(绑定到根节点)int pa = Find(a);int pb = Find(b);if(){ s[pb] += s[pa]}②每个点到根节点的距离(绑定到每一个元素身上)in

功能

①：合并两个集合

void merge(int a, int b) {
	f[Find(a)] = Find(b);
}

②：查询某个元素的祖宗节点

int Find(int x) {
	return x == f[x] ? x : f[x] = Find(f[x]);
}

扩展

① 记录每个集合的大小(绑定到根节点)

int pa = Find(a);
int pb = Find(b);
if(){
    s[pb] += s[pa]
}

②每个点到根节点的距离(绑定到每一个元素身上)

int n, p[N], s[N], d[N];
//p[x] x的父亲节点  d[x] x到父节点的距离   s[x] 集合的大小
int Find(int x) { //距离查找
	if (p[x] != x) {
		int root = Find(p[x]);
		d[x] += d[p[x]];
		p[x] = root;
	}
	return p[x];
}

int pa = Find(a);
int pb = Find(b);
if () { //距离更新
	p[pa] = pb;
	d[pa] = s[pb];
	s[pb] += s[pa];
}

AcWing1250. 格子游戏

Alice和Bob玩了一个古老的游戏：首先画一个 n×n 的点阵（下图 n=3）。

接着，他们两个轮流在相邻的点之间画上红边和蓝边：

1.png

直到围成一个封闭的圈（面积不必为 1）为止，“封圈”的那个人就是赢家。因为棋盘实在是太大了，他们的游戏实在是太长了！

他们甚至在游戏中都不知道谁赢得了游戏。

于是请你写一个程序，帮助他们计算他们是否结束了游戏？

输入格式

输入数据第一行为两个整数 n 和 m。n表示点阵的大小，m 表示一共画了 m 条线。

以后 m 行，每行首先有两个数字 (x,y)，代表了画线的起点坐标，接着用空格隔开一个字符，假如字符是 D，则是向下连一条边，如果是 R 就是向右连一条边。

输入数据不会有重复的边且保证正确。

输出格式

输出一行：在第几步的时候结束。

假如 m 步之后也没有结束，则输出一行“draw”。

数据范围

1 ≤ n ≤ 200 1≤n≤200 1≤n≤200
1 ≤ m ≤ 24000 1≤m≤24000 1≤m≤24000

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<string>
#include<cstring>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<utility>
#include<deque>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 1000000007
#define endl '\n'
#define eps 1e-6
inline int gcd(int a, int b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
inline int lowbit(int x) { return x & -x; }


using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 50000;
int f[N];
int n,m;
int Find(int x) {
	return x == f[x] ? x : f[x] = Find(f[x]);
}

int get(int x, int y) {
	return x * n + y;
}

void merge(int a, int b) {
	f[Find(a)] = Find(b);
}

int main() {
	cin >> n >> m;

	for (int i = 0; i < N;++i)f[i] = i;
	int res = 0;
	for (int i = 1; i <= m;++i) {
		int x, y;
		char d;
		cin >> x >> y >> d;
		int a = get(x, y);
		int b = 0;
		if (d == 'D')b = get(x + 1, y);
		else b = get(x, y + 1);

		if (Find(a) != Find(b))merge(a, b);
		else {
			res = i;
			break;
		}
	}

	if (!res)puts("draw");
	else cout << res << endl;
	return 0;
}

AcWing1252. 搭配购买

思路

先分组 再做01背包

Joe觉得云朵很美，决定去山上的商店买一些云朵。

商店里有 n 朵云，云朵被编号为 1,2,…,n，并且每朵云都有一个价值。

但是商店老板跟他说，一些云朵要搭配来买才好，所以买一朵云则与这朵云有搭配的云都要买。

但是Joe的钱有限，所以他希望买的价值越多越好。

输入格式

第 1 行包含三个整数 n，m，w表示有 n 朵云，m 个搭配，Joe有 w 的钱。

第 2∼n+1行，每行两个整数 c i c_{i} ci​， d i d_{i} di​ 表示 i 朵云的价钱和价值。

第 n+2∼n+1+m行，每行两个整数 u i u_{i} ui​， v i v_{i} vi​表示买 u i u_{i} ui​ 就必须买 v i v_{i} vi​，同理，如果买 v i v_{i} vi​ 就必须买 u i u_{i} ui​。

输出格式

一行，表示可以获得的最大价值。

数据范围

1 ≤ n ≤ 10000 1≤n≤10000 1≤n≤10000
0 ≤ m ≤ 5000 0≤m≤5000 0≤m≤5000
1 ≤ w ≤ 10000 1≤w≤10000 1≤w≤10000
1 ≤ c i ≤ 5000 1≤ci≤5000 1≤ci≤5000
1 ≤ d i ≤ 100 1≤di≤100 1≤di≤100
1 ≤ u i , v i ≤ n 1≤ui,vi≤n 1≤ui,vi≤n

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<string>
#include<cstring>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<utility>
#include<deque>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 1000000007
#define endl '\n'
#define eps 1e-6
inline int gcd(int a, int b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
inline int lowbit(int x) { return x & -x; }


using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 10010;
int f[N], p[N], v[N], w[N];
int n, m, val;

int Find(int x) {
	return x == p[x] ? x : p[x] = Find(p[x]);
}


int main() {
	cin >> n >> m >> val;
	for (int i = 1;i <= n;++i)p[i] = i;
	for (int i = 1; i <= n;++i) {
		cin >> v[i] >> w[i];
	}

	while (m--) {
		int a, b;
		cin >> a >> b;
		int pa = Find(a);
		int pb = Find(b);

		if (pa != pb) {
			v[pb] += v[pa];
			w[pb] += w[pa];
			p[pa] = p[pb];
		}
	}
	for (int i = 1;i <= n;++i) {
		if (p[i] == i) {
			for (int j = val;j >= v[i];--j)
				f[j] = max(f[j], f[j - v[i]] + w[i]);
		}
	}
	cout << f[val] << endl;

	return 0;
}

AcWing237. 程序自动分析

思路

先把相等的合并 再判断不相等是否与已知条件矛盾

在实现程序自动分析的过程中,常常需要判定一些约束条件是否能被同时满足。

考虑一个约束满足问题的简化版本：假设 x 1 , x 2 , x 3 x_{1},x_{2},x_{3} x1​,x2​,x3​,…代表程序中出现的变量，给定n个形如 x i = x j x_{i}=x_{j} xi​=xj​或 x i ≠ x j x_{i}≠x_{j} xi​​=xj​的变量相等/不等的约束条件，请判定是否可以分别为每一个变量赋予恰当的值，使得上述所有约束条件同时被满足。

例如，一个问题中的约束条件为： x 1 = x 2 ， x 2 = x 3 ， x 3 = x 4 ， x 1 ≠ x 4 x_{1}=x_{2}，x_{2}=x_{3}，x_{3}=x_{4}，x_{1}≠x_{4} x1​=x2​，x2​=x3​，x3​=x4​，x1​​=x4​，这些约束条件显然是不可能同时被满足的，因此这个问题应判定为不可被满足。

现在给出一些约束满足问题，请分别对它们进行判定。

输入格式

输入文件的第1行包含1个正整数t，表示需要判定的问题个数，注意这些问题之间是相互独立的。

对于每个问题，包含若干行：

第1行包含1个正整数n，表示该问题中需要被满足的约束条件个数。

接下来n行，每行包括3个整数i,j,e，描述1个相等/不等的约束条件，相邻整数之间用单个空格隔开。若e=1，则该约束条件为 x i = x j x_{i}=x_{j} xi​=xj​；若e=0，则该约束条件为 x i ≠ x j x_{i}≠x_{j} xi​​=xj​。

输出格式

输出文件包括t行。

输出文件的第k行输出一个字符串“YES”或者“NO”（不包含引号，字母全部大写），“YES”表示输入中的第k个问题判定为可以被满足，“NO”表示不可被满足。

数据范围

1 ≤ n ≤ 1000000 1≤n≤1000000 1≤n≤1000000
1 ≤ i , j ≤ 1000000000 1≤i,j≤1000000000 1≤i,j≤1000000000

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<string>
#include<cstring>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<utility>
#include<deque>
#include<unordered_map>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 1000000007
#define endl '\n'
#define eps 1e-6
inline int gcd(int a, int b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
inline int lowbit(int x) { return x & -x; }


using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 2000010;
int f[N], n, m;
unordered_map<int, int>S;


struct Query {
	int x, y, e;
}query[N];
int Find(int x) {
	return x == f[x] ? x : f[x] = Find(f[x]);
}

int get(int x) {
	if (S.count(x) == 0)S[x] = ++n;
	return S[x];
}
int main() {
	int t;cin >> t;
	while (t--) {
		S.clear();
		n = 0;
		
		scanf("%d", &m);
		for (int i = 0; i < m;++i) {
			int x, y, e;
			scanf("%d%d%d", &x, &y, &e);
			query[i] = { get(x),get(y),e };
		}
		
		for(int i = 1; i <= n;++i)f[i] = i;
		bool has = false;
		for (int i = 0; i < m;++i) {
			if (query[i].e == 1)f[Find(query[i].x)] = Find(query[i].y);
		}

		for (int i = 0;i < m;++i) {
			if (query[i].e == 0 && Find(query[i].x) == Find(query[i].y)) {
				has = true;
				break;
			}
		}

		if (has)puts("NO");
		else puts("YES");
	}

	return 0;
}

AcWing238. 银河英雄传说

有一个划分为N列的星际战场，各列依次编号为1,2,…,N。

有N艘战舰，也依次编号为1,2,…,N,其中第i号战舰处于第i列。

有T条指令，每条指令格式为以下两种之一：

1、M i j，表示让第i号战舰所在列的全部战舰保持原有顺序，接在第j号战舰所在列的尾部。

2、C i j，表示询问第i号战舰与第j号战舰当前是否处于同一列中，如果在同一列中，它们之间间隔了多少艘战舰。

现在需要你编写一个程序，处理一系列的指令。

输入格式

第一行包含整数T，表示共有T条指令。

接下来T行，每行一个指令，指令有两种形式：M i j或C i j。

其中M和C为大写字母表示指令类型，i和j为整数，表示指令涉及的战舰编号。

输出格式

你的程序应当依次对输入的每一条指令进行分析和处理：

如果是M i j形式，则表示舰队排列发生了变化，你的程序要注意到这一点，但是不要输出任何信息；

如果是C i j形式，你的程序要输出一行，仅包含一个整数，表示在同一列上，第i号战舰与第j号战舰之间布置的战舰数目，如果第i号战舰与第j号战舰当前不在同一列上，则输出-1。

数据范围

N ≤ 30000 , T ≤ 500000 N≤30000,T≤500000 N≤30000,T≤500000

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<string>
#include<cstring>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<utility>
#include<deque>
#include<unordered_map>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 1000000007
#define endl '\n'
#define eps 1e-6
inline int gcd(int a, int b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
inline int lowbit(int x) { return x & -x; }


using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 30030;
int n, p[N], s[N], d[N];

int Find(int x) {
	if (p[x] != x) {
		int root = Find(p[x]);
		d[x] += d[p[x]];
		p[x] = root;
	}
	return p[x];
}

int main() {
		for (int i = 1;i < N;++i) {
			p[i] = i;
			s[i] = 1;
		}
		
		int n;scanf("%d", &n);
		while (n--) {
			char op[2];int a, b;
			scanf("%s%d%d", op, &a, &b);
			int pa = Find(a);
			int pb = Find(b);
			if (op[0] == 'M') {
				p[pa] = pb;
				d[pa] = s[pb];
				s[pb] += s[pa];
			}

			else {
				if (pa == pb)printf("%d\n", max(0, abs(d[a] - d[b]) - 1));
				else printf("-1\n");
			}
		}

	return 0;
}

AcWing239. 奇偶游戏

思路

s i = a 1 + a 2 + ⋯ + a i s_{i} = a_{1} + a_{2} +\dots +a_{i} si​=a1​+a2​+⋯+ai​ 前i个数中1的个数

s [ l − r ] s[l-r] s[l−r]中有奇数个1

   ⟺    \iff ⟺ s r − s l − 1 s_{r} - s_{l-1} sr​−sl−1​为奇数

   ⟺    \iff ⟺ s r s_{r} sr​与 s l − 1 s_{l-1} sl−1​奇偶性不同

偶数个1    ⟺    \iff ⟺ s r s_{r} sr​与 s l − 1 s_{l - 1} sl−1​奇偶性相同

小A和小B在玩一个游戏。

首先，小A写了一个由0和1组成的序列S，长度为N。

然后，小B向小A提出了M个问题。

在每个问题中，小B指定两个数 l 和 r，小A回答 S[l~r] 中有奇数个1还是偶数个1。

机智的小B发现小A有可能在撒谎。

例如，小A曾经回答过 S[1~3] 中有奇数个1， S[4~6] 中有偶数个1，现在又回答 S[1~6] 中有偶数个1，显然这是自相矛盾的。

请你帮助小B检查这M个答案，并指出在至少多少个回答之后可以确定小A一定在撒谎。

即求出一个最小的k，使得01序列S满足第1 ~ k个回答，但不满足第1~k+1个回答。

输入格式

第一行包含一个整数N，表示01序列长度。

第二行包含一个整数M，表示问题数量。

接下来M行，每行包含一组问答：两个整数l和r，以及回答“even”或“odd”，用以描述S[l~r] 中有偶数个1还是奇数个1。

输出格式

输出一个整数k，表示01序列满足第1k个回答，但不满足第1k+1个回答，如果01序列满足所有回答，则输出问题总数量。

数据范围

N ≤ 109 , M ≤ 10000 N≤109,M≤10000 N≤109,M≤10000

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<string>
#include<cstring>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<utility>
#include<deque>
#include<unordered_map>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 1000000007
#define endl '\n'
#define eps 1e-6
inline int gcd(int a, int b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
inline int lowbit(int x) { return x & -x; }


using namespace std;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 20050;

unordered_map<int, int>s;
int n, m;
int p[N], d[N];

int get(int x) {
	if (s.count(x) == 0)s[x] = ++n;
	return s[x];
}

int Find(int x) {
	if (x != p[x]) {
		int root = Find(p[x]);
		d[x] ^= d[p[x]];
		p[x] = root;
	}
	return p[x];
}
int main() {
	cin >> n >> m;
	n = 0;
	for (int i = 1;i < N;++i)p[i] = i;
	int res = m;

	for (int i = 1;i <= m;++i) {
		int a, b;
		string op;
		cin >> a >> b >> op;
		a = get(a - 1), b = get(b);

		int t = 0; //偶数
		if (op == "odd")t = 1; //奇数
		int pa = Find(a), pb = Find(b);

		if (pa == pb) {
			if ((d[a] ^ d[b]) != t) {
				res = i - 1;
				break;
			}
		}
		else {
			p[pa] = pb;
			d[pa] = d[a] ^ d[b] ^ t;
		}
	}
	cout << res << endl;
}

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