艾灸条,世界末日大逃亡,寒露洗清秋txt
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很nice的决策单调性题目
首先把给出的式子移项,我们要求的$p_i = max(a_j + \sqrt{|i - j|}) - a_i$。
按套路把绝对值拆掉,$p_i = max(max_{j = 1}^i (a_j = \sqrt{i - j}), max_{j = i + 1}^n (a_j + \sqrt{j - i})) - a_i$
对于后面的一段,我们把序列翻转之后和前一段是等价的。
也就是说,我们现在只需要找到$p_i = max_{j = 1}^i (a_j + \sqrt{i - j})$
考虑到式子中只有一个max函数,那这玩意儿应该是有决策单调性的
直接设$f_j = a_j + \sqrt{i - j}, i \geqslant j$,其中$i$是自变量
观察这个函数,应该是一个在$[j, inf]$内有定义,过点$(j, a[j])$的函数,且增速与函数$g_i = \sqrt{i}$相同
我们需要做的,就是对每个$i$,找到最大的$f_j$
考虑到$g_i$增长速度会越来越慢,所以一个函数增长到一定程度后可能会被另一个函数取代
直接用单调队列维护,设$k_{i, j}$表示$f_i, f_j$的交点,$h, t$分别表示队首/尾,
当新加入一个元素$i$的时候,显然,若$k_{t -1, t} > k_{t - 1, i}$,那么$t$这个函数是没用的、
当$k_{h, h+1} < i$的时候,弹出队首
就是最后输出答案的时候有点“卡精度”,真恶心
经验:
以后看到$f_i = max(f_j) + g$的式子一定要往单调性上想,如果单调性不是很显然的话可以用换元法设函数找单调性
另外绝对值拆开算一般会好算一些
#include<bits/stdc++.h> #define pair pair<int, int> #define mp(x, y) make_pair(x, y) #define fi first #define se second using namespace std; const int maxn = 1e6 + 10, inf = 1e9 + 10; inline int read() { char c = getchar(); int x = 0, f = 1; while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();} while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar(); return x * f; } int n, a[maxn], q[maxn], cro[maxn]; double p[maxn], sqr[maxn]; double calc(int j, int i) { return a[j] + sqr[i - j]; } int k(int x, int y) { int l = max(x, y), r = n, ans = n + 1; while(l <= r) { int mid = l + r >> 1; if(calc(x, mid) >= calc(y, mid)) l = mid + 1; else r = mid - 1, ans = mid; } return ans; } void solve() { int h = 1, t = 0; for(int i = 1; i <= n; i++) { while(h < t && k(q[t - 1], q[t]) >= k(q[t], i)) t--; q[++t] = i; while(h < t && k(q[h], q[h + 1]) <= i) h++; p[i] = max(p[i], calc(q[h], i)); } } main() { n = read(); for(int i = 1; i <= n; i++) a[i] = read(), sqr[i] = sqrt(i); solve(); reverse(a + 1, a + n + 1); reverse(p + 1, p + n + 1); solve(); for(int i = n; i >= 1; i--) printf("%d\n", max(0, (int)ceil(p[i]) - a[i])); return 0; }
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